Django管理员中同一模型的多个ModelAdmins /views

一尘不染

Django管理员中同一模型的多个ModelAdmins /views

django

如何为同一个模型创建多个ModelAdmin，每个ModelAdmin进行不同的自定义并链接到不同的URL？

假设我有一个称为Posts的Django模型。默认情况下，此模型的admin视图将列出所有Post对象。

我知道我可以通过设置变量如list_display或queryset在ModelAdmin中覆盖方法来以各种方式自定义页面上显示的对象列表：

class MyPostAdmin(admin.ModelAdmin):
    list_display = ('title', 'pub_date')

    def queryset(self, request):
        request_user = request.user
        return Post.objects.filter(author=request_user)

admin.site.register(MyPostAdmin, Post)

默认情况下，可以通过URL访问/admin/myapp/post。但是我想拥有同一模型的多个view / ModelAdmins。例如，/admin/myapp/post将列出所有帖子对象，并/admin/myapp/myposts列出属于该用户的/admin/myapp/draftpost所有帖子，并可能列出尚未发布的所有帖子。（这些只是示例，我的实际用例更加复杂）

你不能为同一模型注册多个ModelAdmin（这将导致AlreadyRegistered异常）。理想情况下，我希望不将所有内容放入单个ModelAdmin类中并编写自己的“ urls”函数以根据URL返回不同的查询集来实现这一点。

我看了看Django的源代码，发现ModelAdmin.changelist_view我的urls.py中可能包含这样的函数，但是我不确定它是如何工作的。

更新：我找到了一种实现自己想要的方式（见下文），但是我仍然想听听其他实现方式。

阅读 771

2020-03-26

共1个答案

一尘不染

通过使用代理模型来解决每个模型只能注册一次的事实，我找到了一种实现我想要的方法。

class PostAdmin(admin.ModelAdmin):
    list_display = ('title', 'pubdate','user')

class MyPost(Post):
    class Meta:
        proxy = True

class MyPostAdmin(PostAdmin):
    def get_queryset(self, request):
        return self.model.objects.filter(user = request.user)


admin.site.register(Post, PostAdmin)
admin.site.register(MyPost, MyPostAdmin)

然后，默认PostAdmin网址为/admin/myapp/post，用户拥有的帖子列表位于/admin/myapp/myposts。

看完http://code.djangoproject.com/wiki/DynamicModels之后，我想出了以下函数实用程序函数来做同样的事情：

def create_modeladmin(modeladmin, model, name = None):
    class  Meta:
        proxy = True
        app_label = model._meta.app_label

    attrs = {'__module__': '', 'Meta': Meta}

    newmodel = type(name, (model,), attrs)

    admin.site.register(newmodel, modeladmin)
    return modeladmin

可以如下使用：

class MyPostAdmin(PostAdmin):
    def get_queryset(self, request):
        return self.model.objects.filter(user = request.user)

create_modeladmin(MyPostAdmin, name='my-posts', model=Post)

2020-03-26